2022-2023 英语周报 七年级 新目标10答案

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5.B【解析】设电子在匀强磁场中运动的周期为T,根据圆心角等于偏转角可知电子a、b在磁场中分别转过30和150°,则运动时间分别为t。=305360T=12T,由题意有4-1.=1…,解得T=31,由洛伦兹力提供向心力和圆周运动知识得T联立解得B30,A错误;由几何关系可知R-Rsin60°=L。,解得电子的轨迹半径R=L。,根据洛伦兹力提供向心力得cvB=m,电子在电场中运动,由动能2r'mLi定理得一Ed=0-2m,联立解得d=9E;2,B正确;电子离开电场到再次返回磁场的运动过程如图所示,根据对称性可知K点的坐标为(-2L。,2L0),且a、b在电场运动时间相同,在磁场运动时间也相同,在无场区域运动时间也相同,所以a、b同时到达K点,且从P点到K点,电子b和电子a运动的路程相等,C、D错误。故选B

5.(1)12N(3)(2+√2)m/s【解析】(1)设小物块的最大加速度为am由牛顿第二定律有uz m(1分)解得am=2m/si对整体由牛顿第二定律得Fn-ui(M+m)g=(M+m)a(1分)解得Fn=12N(1分)(2)当F=20N时.小物块相对于长木板发生滑动,对长木板受力分析,由牛顿第二定律得F-uI(M+n )g-uymg=Ma解得a1=6m/s2对小物块进行受力分析,由牛顿第二定律得u:mg-pig=2 m/s则有一a1t(1分)√2解得t:=2(1分)(3)设撤掉恒力F时木板和小物块的速度分别为v1、U2,则有U1=a1t1=32m/s(1分)v2=a2t1=√2m/s(1分)撤掉恒力F后.物块匀速运动,设木板做匀减速运动的加速度大小为a3,则ui (M+m)g= Mas(1分)解得a3=2m/s2(1分)设小物块从长木板中点滑动到最左端时长木板的速度为v3,以长木板为参考系,则有)2-(v3(1分)解得v3=(2+√2)m/s(1分)所以小物块离开木板时木板的速度大小为(2+2)m/s

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