2023英语周报七年级下册。第49期。答案

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22.(1)解:设A(x1,y1),B(x2,y2),线段AB的中点为D( rD, yp由整理得x2-2mx-m2-2=0,y0=(-2m)2+4(m2+2)>02=m·yD=xD+m=2m因为点M(xbyD)在圆x2+y2=5上,所以m2+(2m)2=5,解得m=±1.(4分)(2)证明:因为点P(x。,y)(xy0≠0)在圆O:x2+2上所以x3+y=2.因为xy≠0,所以设过点P与该圆相切的直线的斜率为k(k≠0)所以k·一=-1,即ky所以切线方程为y-y=化简得x0x+yoy=2(6分)2由x3+y3=2,得(3(7分)因为切线l与双曲线C交于不同的两点M,N且0 08分)设M.N两点的坐标分别为(xM·yM),(xN·yN)(9分)3x-43x-4因为cos∠ MON- OM·ON且OM·OV=xMxx+yMyN=xMxy+=2(2-xxM)(2-ratN)=xMIv4-I[4-2xo(xM+In)+8-2x28x3oM.N8-2x2)18-2x38-2xa3x:-4」=3x÷-4-3x-4所以∠MON=90°是定值(12分)

22.(1) MaXX1/8(2)(I)白眼残翅(Ⅱ)①长翅红眼:长翅白眼:残翅红眼:残翅白眼=1:1:1:1②AAⅹBXb③子代的表现型及比例为长翅红眼:残翅红眼=1:1(每空2分)解析:由题图可知:控制长翅和残翅这一对相对性状的基因(A、a)位于Ⅱ号染色体(常染色体)上,控制红眼与白眼这一对相对性状的基因(B、b)位于X染色体上,则该雄果蝇的基因型是AaxY。该果蝇与雌性果蝇杂交,后代中长翅与残翅的比是(3/16+3/16+3/8):(1/16+1/16+1/8)=3:1,说明长翅是显性性状,由A基因控制,残翅是隐性性状,由a基因控制,且该雌果蝇的基因型为Aa。同理可说明红眼对白眼是显性,且雌果蝇的基因型为XX,那么亲本中雌果蝇的基因型为AaXX,表现型为长翅红眼。雄果蝇的表现型也为长翅红眼,据此分析回答。(1)由前面分析可知,亲本雌果蝇的基因型为 AaX X,子代中与雄性亲本( AaXY)基因型相同的果蝇占子代总数的Aa=1/2、X"Y=1/4,所以是(1/2)×(1/4)=1/8。(2)有一只雌果蝇与亲代雌果蝇(长翅红眼)的表现型相同,请设计一个实验方案,探明它的基因型。最好用测交的方法,实验方案如下:用该雌果蝇与白眼残翅雄果蝇杂交,观察并统计子代的表现型及比例。如果该雌果蝇的基因型是 MaXX,那么它与白眼残翅(aaXY)雄果蝇杂交,后代的表现型及比例为长翅红眼:长翅白眼:残翅红眼:残翅白眼=1:1:1:1如果该雌果蝇的基因型是 AAXBX,那么它与白眼残翅(aXY)雄果蝇杂交,后代的表现型及比例为长翅红眼:长翅白眼=1:1。如果该雌果蝇的基因型是 AaXBXB,那么它与白眼残翅(axY)雄果蝇杂交,后代的表现型及比例为长翅红眼:残翅红眼=1:1。如果该雌果蝇的基因型是AAXⅩ3,那么它与白眼残翅(aXbY)雄果蝇杂交,后代将全为长翅红眼果蝇。

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